Đáp án B

Rắn X phải có A1 dư vì chỉ có A1 mới phản ứng với dung dịch NaOH tạo khí H₂. Mặt khác do phản ứng hoàn toàn nên Fe₃O₄ hết.

Chất rắn không tan là Al

$2Na + 2H_2O \to 2NaOH + H_2$
$2Al + 2NaOH + 2H_2O \to 2NaAlO_2 + 3H_2$

Theo PTHH : 

$n_{H_2} =0,5n_{Na} + 1,5n_{NaOH} = 0,5n_{Na} + 1,5n_{Na} = 2n_{Na} = 0,2(mol)$
$\Rightarrow n_{Na} = 0,1(mol)$

$2Al + 3H_2SO_4 \to Al_2(SO_4)_3 + 3H_2$
$n_{Al} = \dfrac{3}{2}n_{H_2} = 0,1(mol)$

Suy ra:  

$n_{Al\ đã\ dùng} = 0,1 + 0,1 = 0,2(mol)$
Suy ra: 

$m_{hh} = 0,2.27 + 0,1.23 = 7,7(gam)$

na+2h20->2naoh+h2

n_h2=4.48/22.4=0.2mol

->n_Na=0.2mol

bt e

2n_Mg+3nAl=2*0.275

bt kl

24n_Mg+27n_Al=6.15

->nMg=0.2mol

nAl=0.05mol

->kl tung cai roi tinh phan tram

a) m_Cu = 3,2 (g)

=> m_Fe = 6 - 3,2 = 2,8 (g)

\(n_{Fe}=\dfrac{2,8}{56}=0,05\left(mol\right)\)

PTHH: Fe + 2HCl --> FeCl₂ + H₂

          0,05->0,1--->0,05--->0,05

=> V₁ = 0,05.22,4 = 1,12 (l)

\(n_{Cu}=\dfrac{3,2}{64}=0,05\left(mol\right)\)

PTHH: 2Fe + 6H₂SO_4(đ/n) --> Fe₂(SO₄)₃ + 3SO₂ + 6H₂O

          0,05--------------------------------->0,075

            Cu + 2H₂SO₄ --> CuSO₄ + SO₂ + 2H₂O

           0,05------------------------>0,05

=> V₂ = (0,075 + 0,05).22,4 = 2,8 (l)

b)

n_HCl(dư) = 0,5.2 - 0,1 = 0,9 (mol)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}C_{M\left(HCl.dư\right)}=\dfrac{0,9}{0,5}=1,8M\\C_{M\left(FeCl_2\right)}=\dfrac{0,05}{0,5}=0,1M\end{matrix}\right.\)

Cho x gam hỗn hợp A gồm K, Fe, Cu vào trong nước dư, người ta thu được 1,12 lít H₂ (đktc) và y gam chất rắn không tan  B. Cho toàn bộ chất rắn B vào HCl dư, người ta thu được 4,48 lít khí (đktc) và 6,4 gam chất rắn màu đỏ.

a.      Giải thích các hiện tượng và viết PTHH minh họa?

b.     Tìm x,y ?

2K+2H2O->2KOH +H2

0,1----------------------0,05 mol

=>K tan có khí thoát ra , còn có chất rắn

Fe+2HCl->FeCl2+H2

0,2----------------------0,2 mol

=> có khí Fe tan có khí thoát ra, còn chất rắn màu đỏ gạch

Cu ko td vs nước với HCl 

n H2(1)=1,12\22,4=0,05 mol

n H2(2)=4,48\22,4=0,2 mol

m chất rắn = m Cu =6,4

=> x=0,1.39=3,9g

=>y=0,2.56=11,2g